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Cálculo Diferencial e Integral II: Series alternantes y el criterio de Leibniz

Por Miguel Ángel Rodríguez García

Introducción

En la sección anterior vimos unas series especiales llamadas p-series, en esta sección veremos otras series especiales llamadas series alternantes, que, como bien dice su nombre, son series cuyos términos van alternando el valor de su signo.

Series alternantes

Una serie alternante puede tener la forma siguiente:

n=1an=n=1(1)n1bn=b1b2+b3b4+b5..

Como vemos, la serie va alternando sus signos para cada n.

Existe un teorema de convergencia para estas series alternantes y se llama el teorema de Leibniz, el criterio de Leibniz o el criterio de la serie alternante, enunciado por el siguiente teorema.

Teorema. (Criterio de Leibniz o criterio de la serie alternante)

Si {an} es una sucesión monótona decreciente tal que limnan=0, entonces n=1(1)n1an converge.

Demostración:

Consideramos {S2n} donde {Sn} son las sumas parciales de an, como an es una serie alternante entonces:

S1=a1

S2=a1a2

S3=a1a2+a3

S4=a1a2+a3a4,.,

S2n=(a1a2)+(a3a4)+,.,+(a2n1a2n)

Por otro lado:

S2n+2=(a1a2)+(a3a4)+,.,+(a2n1a2n)+(a2n+1a2n+2)

Como la sucesión es monótona decreciente:

a2n+1a2n+2a2n+1a2n+20.

Ya que estamos sumando un número positivo entonces:

S2n+2S2n

{S2n} es decreciente, ahora:

S2n=a1a2+a3a4+a5+.

(1)=a1(a2a3),.,(a2n2a2n1)a2n

Como anan+1 de la anterior relación (1) vemos que las suma parcial Sn es más pequeña, ya que es una serie decreciente, entonces:

S2na1  n

Por lo que a1 es una cota superior de {S2n}S2n converge, por lo que consideremos a L como:

limnS2n=L

Observemos que  n S2n+1=S2n+a2n+1, y que:

limnan=0limna2n+1=0

Por hipótesis, por lo que:

limnS2n+1=limn(S2n+a2n+1)

=limnS2n+limna2n+1=L+0=L

limnS2n+1=L y limnS2n=LlimnSn=L

n=1(1)n+1an converge

◻

Ejemplos

Diga si las siguientes series convergen o divergen.

  • n=1(1)n11n

Para utilizar el criterio de Leibniz tenemos que ver que sea decreciente, pero claramente la sucesión 1n es decreciente, entonces tomando el límite tenemos que:

limn1n=0

n=1(1)n11n converge

  • n=1(1)n11n2+1

Veamos si es decreciente:

Sea an=1n2+1, Como n>0 entonces:

n2<(n+1)2n2+1<(n+1)2+11(n+1)2>1(n+1)2+1

an>an+1

Por tanto, an es decreciente, sabemos que el límite:

limn1n2+1=0

Por el criterio de leibniz:

n=1(1)n11n2+1 converge

Tarea moral

Los siguientes ejercicios no son para evaluación, pero son ejercicios para que practiques lo aprendido que te ayudaran en el desarrollo del entendimiento del tema, por lo que te invitamos a resolver los siguientes ejercicios propuestos relacionados con el tema visto.

Diga si la siguientes series convergen o divergen.

A continuación hay algunos ejercicios para que practiques los conceptos vistos en esta entrada. Te será de mucha utilidad intentarlos para entender más la teoría vista.

  1. n=1(1)n112n+1
  2. n=1(1)n3n12n+1
  3. n=1(1)n11ln(n+4)
  4. n=1(1)nnn3+2
  5. n=1(1)nn10n

Más adelante…

En esta sección vimos el criterio de Leibniz que se aplica a las series alternantes y que estas series tiene que ser monótonamente decreciente y que su límite cuando n sea cero para decir si la serie es convergente o divergente, en la siguiente sección veremos más criterios de convergencia que se pueden aplicar a las series alternantes, estos criterios son el criterio de convergencia absoluta.

Entradas relacionadas

Cálculo Diferencial e Integral II: P-Series

Por Miguel Ángel Rodríguez García

Introducción

En la sección anterior vimos el criterio de la integral, en esta sección veremos unas series especiales llamadas p-series o series-p.

Ya hemos visto algunas series que llevan un nombre en específico, por mencionar algunas, son:

  • Series armónicas

n=11n=1+12+13+14+.

  • Series telescópicas

n=0(bnbn1)

  • Series geométricas

n=0arn=a1r

  • Series alternadas (el término cambia de signo para cada n)

n=1(1)n+11n

Ahora veamos otro tipo de series.

P-series

Definición. Las p-series se definen de la siguiente manera:

n=11np=1+12p+.+1np+.

Donde p es cualquier número real mayor a cero. Para ver en que casos convergen estas series, enunciamos el siguiente teorema.

Teorema. (Convergencia de las p-series)

La p-serie dada como:

n=11np

Converge si p>1 y diverge si 0p1.

Demostración:

Tomamos la siguiente función:

f(x)=1xp

Si x ϵ [1,),f(x) es continua en [1,). Veamos si es decreciente, para ello derivamos:

f(x)=pxp1=px(p+1)=pxp+1

 x ϵ [1,),  xp+1>0  y  p>1

Por hipótesis.

f(x)=pxp+1

Es decreciente en el intervalo [1,).

Como f(x) es continua, positiva y decreciente, entonces podemos aplicar el criterio de la integral, ya que sabemos que:

11xpdx convergep>1

n=11np converge p>1

En otro caso diverge.

n=11np converge

Si p>1 y diverge si 0p1.

◻

Veamos unos ejemplos.

Ejemplos

Diga si las siguientes series convergen o divergen.

  • n=113n24n+5

Sea {bn}=1n2.

Por p-series n=11n2 converge ya que p=2.

Consideremos el criterio de comparación del límite, por lo que proponemos la serie anterior, entonces:

limn1n213n24n+5=limn3n24n+5n2=30

Como n=11n2 converge, entonces:

n=113n24n+5 converge

  • n=1n2104n5+n3

Tomamos la siguiente sucesión {bn}=1n3

Entonces n=11n3 converge por p-series ya que p=3.

Consideramos la sucesión anterior para aplicar el criterio de comparación del límite como sigue:

limn1n3n2104n5+n3=limn4n5+n3(n210)n5=limn4n5+n3n510n7=40

Por el criterio de comparación en el límite:

n=1n2104n5+10n3 converge

Tarea moral

Los siguientes ejercicios no son para evaluación, pero son ejercicios para que practiques lo aprendido que te ayudaran en el desarrollo del entendimiento del tema, por lo que te invitamos a resolver los siguientes ejercicios propuestos relacionados con el tema visto.

Diga si la siguientes series convergen o divergen.

A continuación hay algunos ejercicios para que practiques los conceptos vistos en esta entrada. Te será de mucha utilidad intentarlos para entender más la teoría vista.

  1. n=113
  2. n=11(2n+1)3
  3. n=118n
  4. n=1n2n3+1
  5. n=18n

Más adelante…

En esta sección vimos los tipos de series que ya hemos visto, pero faltan por ver unos tipos de series más que se ven en general en los cursos de cálculo que más adelante los veremos, en la siguiente sección veremos las series alternantes, aunque ya las definimos en esta sección, la veremos con más detalle en la siguiente entrada.

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Cálculo Diferencial e Integral II: Criterio de la integral

Por Miguel Ángel Rodríguez García

Introducción

En la sección anterior vimos dos criterios de convergencia para las series, el criterio de la raíz y el criterio de la razón. En esta sección veremos el criterio de la integral enunciado el siguiente teorema.

Criterio de la integral

Teo: (Criterio de la integral)

Sea f una función continua, positiva y decreciente en [1,) y sea {an} una sucesión tal que an=f(n) entonces:

n=an converge 1f(x)dx converge

Demostración:

Figura 1: Función decreciente en el intervalo [1,] (curva azul), área del valor n-esimo de la sucesión an con altura f(n) (figura de la izquierda), área del valor n-esimo de la sucesión an+1 con altura f(n+1) (figura de la derecha).

Supongamos que i=1nan converge.

De la figura (1) vemos que el área del rectángulo con altura f(n) (figura de la izquierda) es mayor que el área bajo la curva entre n y n+1, en donde se interpretan a estos rectángulos como el área del valor n-esimo de la sucesión an.

Matemáticamente, podemos interpretar lo anterior como:

annn+1f(x)dx

Si hacemos lo anterior para n rectángulos, se tiene que:

i=1naii=1nnn+1f(x)

i=1nai12f(x)d+23f(x)++nn+1f(x)dx

i=1nai1n+1f(x)dx

limni=1nailimn1n+1f(x)dx

i=1an1f(x)dx

Como i=1an converge, por el criterio de comparación:

1f(x)dx  converge

Supongamos que 1f(x)dx converge.

De la figura (1) vemos que el área del rectángulo con altura f(n+1) (figura de la derecha) es menor que el área bajo la curva entre n y n+1, vemos en este caso que la sucesión correspondiente es an+1.

an+1nn+1f(x)dx

i=1n+1ai12f(x)dx+23f(x)++nn+1f(x)dx

i=1n+1ai1n+1f(x)dx

limni=1n+1ailimn1n+1f(x)dx i=1an1f(x)dx

Como 1f(x)dx converge, por el criterio de comparación

i=1an  converge

◻

Veamos unos ejemplos:

Ejemplos

Diga si las siguientes series convergen o divergen.

  • n=11n

Tomemos f(x)=1x, sabemos que la función es continua en el intervalo [1,) y es decreciente, además de que sabemos que es continua, por lo que podemos utilizar el criterio de la integral como sigue:

11xdx=limx1x1tdt=limx[ln(t)]|1x=limx(ln(x)ln(1))=limnln(x)=

11xdx diverge

n=11n diverge

  • i=1nn2+1

Tomamos f(x)=xx2+1

Claramente, f es continua en Rf es continua en [1,), vemos que:

x2+1>0  x ϵ R y x>0x ϵ [1,)

xx2+1>0

Veamos si f(x) es decreciente, para ello derivamos:

f(x)=x2+12x2(x2+1)2=x2+1(x2+1)2

Vemos que (x2+1)2>0 y si x ϵ [1,), entonces x2+1>0, pero tenemos un signo negativo en f(x):

f es decreciente en [1,).

Por lo que podemos utilizar el criterio de la integral como sigue:

1xx2+1dx=limn1ttt2+1dt=limn[12ln(t2+1)]|1x=limn[12ln(x2+1)12ln(2)]=

n=1nn2+1 diverge a 

  • n=11n2+1

Sea f(x)=1x2+1 Claramente f es continua, positiva y decreciente en [1,), por lo que podemos aplicar el teorema:

11x2+1dx=limn1x1t2+1dt=limn[arctan(t)]|1x=limn(arctan(x)arctan(1))=π2π4=π4

11x2+1 converge

n=11n2+1 converge

Tarea moral

Los siguientes ejercicios no son para evaluación, pero son ejercicios para que practiques lo aprendido que te ayudaran en el desarrollo del entendimiento del tema, por lo que te invitamos a resolver los siguientes ejercicios propuestos relacionados con el tema visto.

Diga si la siguientes series convergen o divergen.

A continuación hay algunos ejercicios para que practiques los conceptos vistos en esta entrada. Te será de mucha utilidad intentarlos para entender más la teoría vista.

  1. n=1arctan(n)
  2. n=1ln(n)n
  3. n=11n3
  4. n=1e1nn2
  5. n=12n3n

Más adelante…

En esta sección vimos el criterio de la integral en el cual se toma como función f(x) a la sucesión {an} de la serie, esta función tiene que ser continua, decreciente y positiva en el intervalo [1,) para utilizar este criterio de la integral y observar la convergencia o divergencia de la serie, en la siguiente sección veremos otras series especiales llamadas p-series.

Entradas relacionadas

Geometría Moderna I: Teorema de Ceva

Por Rubén Alexander Ocampo Arellano

Introducción

En esta ocasión veremos algunas proposiciones sobre concurrencia de rectas, principalmente el teorema de Ceva y su forma trigonométrica, a partir de los cuales mostraremos otros resultados.

Teorema de Ceva

Definición 1. Si una recta pasa por el vértice de un triángulo, el segmento comprendido entre el vértice y la intersección con el lado opuesto, se llama ceviana.

Teorema 1, de Ceva. Sean ABC y AX, BY, CZ cevianas, entonces AX, BY, CZ son concurrentes si y solo si
AZZBBXXCCYYA=1.

Demostración. Supongamos que AX, BY y CZ concurren en S.

Figura 1

Aplicamos el teorema de Menelao a ABX y la trasversal ZSC
AZZBBCCXXSSA=1.

Nuevamente, usamos el teorema de Menelao, ahora en AXC y la transversal BYS
ASSXXBBCCYYA=1.

Multiplicamos estas dos igualdades y reordenamos
AZZBXBCXCYYAXSSAASSXBCBC=1.

Simplificamos empleando segmentos dirigidos
AZZBBXXCCYYA=1.

◼

Conversamente, supongamos que para las tres cevianas AX, BY y CZ, se cumple la igualdad AZZBBXXCCYYA=1, sea S=BYCZ, queremos ver que AX pasa por S.

Sea X=ASBC, entonces las cevianas AX, BY y CZ son concurrentes por lo tanto
AZZBBXXCCYYA=1.

Como resultado de esta igualdad y nuestra hipótesis obtenemos
BXXC=BXXC.

Es decir, X y X dividen a BC en la misma razón, por lo tanto, X=X.

◼

Forma trigonométrica del teorema de Ceva

Forma trigonométrica del teorema de Ceva. Sean AZ, BY y CZ cevianas de un triángulo ABC, entonces AX, BY, CZ son concurrentes si y solo si
sinACZsinZCBsinBAXsinXACsinCBYsinYBA=1.

Demostración. Aplicamos el lema de la razón a los puntos X, Y, Z (figura 1)

BXXC=BAACsinBAXsinXAC,
CYYA=CBBAsinCBYsinYBA,
AZZB=ACCBsinACZsinZCB.

Multiplicamos las tres igualdades
AZZBBXXCCYYA
=sinACZsinZCBsinBAXsinXACsinCBYsinYBA.

Por el teorema de Ceva, AZZBBXXCCYYA=1
si y solo si AX, BY, CZ son concurrentes.

Por lo tanto,
sinACZsinZCBsinBAXsinXACsinCBYsinYBA=1
si y solo si AX, BY, CZ son concurrentes.

◼

Conjugados isotómicos

Proposición 1. Sea ABC y P un punto en el plano, sean X=APBC, Y=BPCA, Z=CPAB, considera los puntos isotómicos X, Y, Z de X, Y, Z respectivamente, entonces las cevianas AX, BY, CZ son concurrentes, al punto de concurrencia se le conoce como conjugado isotómico de P respecto a ABC.

Demostración. Como AX, BY, CZ son concurrentes, por el teorema de Ceva AZZBBXXCCYYA=1.

Figura 2

Ya que X, Y, Z son las reflexiones de X, Y, Z, respectivamente, respecto de los puntos medios de BC, CA y AB respectivamente entonces

AZZBBXXCCYYA
=ZBAZXCBXYACY
=(AZZBBXXCCYYA)1=1.

Por lo tanto, por el teorema de Ceva, AX, BY, CZ son concurrentes.

◼

Teorema de Blanchet

Definición 2. Si tres cevianas AX, BY, CZ de un triángulo ABC concurren en un punto P, a XYZ se le conoce como triángulo de Ceva de P respecto de ABC.

Teorema 2, de Blanchet. Sea ABC y X el pie de la altura por A, sea P cualquier punto en AX, XYZ el triángulo de Ceva de P respecto de ABC, entonces AX es la bisectriz de ZXY.

Demostración. Sean l la paralela a BC por A, D=XZl, E=XYl, entonces tenemos las siguientes semejanzas YCXYAE, ZADZBX, esto es,
YCYA=CXAE y ZAZB=ADBX.

Figura 3

Como las cevianas AX, BY, CZ son concurrentes, por el teorema de Ceva tenemos
AZZBBXXCCYYA=1.

Sustituimos las ecuaciones derivadas de la semejanza
DABXBXXCXCAE=1.

Esto implica que DA=AE.

Como EAX=XAD=π2, por criterio de congruencia LAL, XAEXAD.

Por lo tanto, DXA=AXE.

◼

Teorema del nido de Ceva

Teorema 3. Sean AD, BE, CF tres cevianas de un triángulo ABC; DX, EY, FZ, tres cevianas de DEF, si dos de las tercias (AD,BE,CF); (DX,EY,FZ); (AX,BY,CZ), entonces la tercera también es concurrente.

Demostración. Supongamos que (AD,BE,CF) y (DX,EY,FZ) son concurrentes, la prueba para otros casos es análoga.

Aplicamos el lema de la razón a los triángulos AEF, BFD, CDE y los respectivos puntos X, Y, Z,

EXXF=EAAFsinEAXsinXAF,

FYYD=FBBDsinFBYsinDBY,

DZZE=DCCEsinDCZsinECZ.

Figura 4

Sean X=AXBC, Y=BYCA, Z=CZAB, recordemos que si dos ángulos son suplementarios su seno es igual, ahora multiplicamos las tres ecuaciones y reacomodamos

DZZEEXXFFYYD
=(AFFBBDDCCEEA)1sinXACsinXABsinYBAsinCBYsinZCBsinACZ.

Por otra parte, como (AD,BE,CF) y (DX,EY,FZ) son concurrentes, por el teorema de Ceva
AFFBBDDCCEEA=1,

DZZEEXXFFYYD=1.

Por lo tanto,
sinACZsinZCBsinXABsinXACsinCBYsinYBA=1.

Por la forma trigonométrica del teorema de Ceva, AX=AX, BY=BY, CZ=CZ, son concurrentes.

◼

Teorema de Jacobi

Teorema 4, de Jacobi. Sean ABC, X, Y, Z puntos tales que XBC=ABZ=β1, BCX=YCA=γ1, CAY=ZAB=α1, entonces las rectas AX, BY, CZ son concurrentes, al punto de concurrencia se le conoce como punto de Jacobi.

Demostración. Sean BAC=α0, CBA=β0, ACB=γ0, Q=BXCA, R=CXAB.

Figura 5

Como AX, BQ, CR concurren en X, por el teorema de Ceva trigonométrico,
sinACRsinRCBsinBAXsinXACsinCBQsinQBA=1.

Por lo tanto,

1=sinBAXsinXACsinγ0+γ1sinγ1sinπβ1sinπ(β0+β1)
=sinBAXsinXACsinγ0+γ1sinγ1sinβ1sinβ0+β1.

Igualmente podemos encontrar

sinACZsinZCBsinβ0+β1sinβ1sinα1sinα0+α1=1,

sinCBYsinYBAsinα0+α1sinα1sinγ1sinγ0+γ1=1.

Multiplicando estas tres ecuaciones y obtenemos
sinACZsinZCBsinBAXsinXACsinCBYsinYBA=1.

Lo que significa, por la forma trigonométrica del teorema de Ceva que AX, BY, CZ son concurrentes.

Observación. Notemos que el punto de Jacobi es una generalización de los puntos de Fermat que vimos en la unidad 2.

◼

Puntos de Napoleón

Corolario. Sea ABCABC una configuración externa (interna) de Napoleón, sean Ia, Ib, Ic, los incentros de ABC, ABC, ABC respectivamente, entonces AIa, BIb, CIc son concurrentes, al punto de concurrencia N+ (N) se le conoce como primer (segundo) punto de Napoleón.

Demostración. Como ABC, ABC, ABC son equiláteros y están construidos externamente (internamente) sobre los lados de ABC entonces IaBC=ABIc=BCIa=IbCA=CAIb=IcAB=π6.

Figura 6

Por el teorema de Jacobi, AIa, BIb, CIc son concurrentes.

◼

Teorema de Routh

Teorema 5, de Routh. Sean AX, BY, CZ cevianas de un triángulo ABC y considera D=BYAX, E=BYCZ, F=AXCZ, z=AZZB, x=BXXC, y=CYYB entonces el área de DEF se puede calcular mediante la siguiente formula:
(DEF)=(1xyz)2(xy+y+1)(yz+z+1)(zx+x+1)(ABC).

Demostración. Como AFC y AXC tienen la misma altura desde C entonces.
(AFC)(AXC)=AFAX=AFAF+FX=11+FXAF.

Figura 7

Aplicando el teorema de Menelao en ABX y la transversal ZFC
AZZBBCCXXFFA=1
XFFA=ZBAZXCBC=1z×XCBX+XC=1z(x+1).

Como resultado,
(AFC)=11+1z(x+1)(AXC)=z(x+1)zx+z+1(AXC)

Por otro lado,
(AXC)(ABC)=XCBC=XCBX+XC=1x+1.

Por lo tanto,
(AFC)=z(x+1)zx+z+1×11+x(ABC)=zzx+z+1(ABC).

Igualmente podemos encontrar
(BDA)=xxy+x+1(ABC),
(CEB)=yyz+y+1(ABC).

Finalmente
(DEF)=(ABC)(AFC)(BDA)(CEB)
=(ABC)(1zzx+z+1xxy+x+1yyz+y+1)
=(1xyz)2(xy+y+1)(yz+z+1)(zx+x+1)(ABC).

Los cálculos de la última ecuación quedan para el lector.

◼

Observación. Notemos que este resultado generaliza el teorema de Ceva pues si AX, BY, CZ son concurrentes entonces (DEF)=0, lo que implica que AZZBBXXCCYYA=xyz=1.

Por el contrario, si xyz=1, entonces (DEF)=0, es decir AX, BY, CZ son concurrentes.

Más adelante…

En la siguiente entrada hablaremos sobre el punto de Nagel, un punto notable del triángulo con varias propiedades interesantes, la existencia de los conjugados isotómicos nos permitirá presentar este punto.

Tarea moral

A continuación hay algunos ejercicios para que practiques los conceptos vistos en esta entrada. Te será de mucha utilidad intentarlos para entender más la teoría vista.

  1. Empleando el teorema de Menelao, muestra que las medianas, las alturas y las bisectrices internas de todo triángulo son concurrentes.
  2. Sea ABC y X, XBC; Y, YCA; Z, ZAB, los puntos en que una circunferencia interseca a los lados de ABC, prueba que si AX, BY, CZ son concurrentes, entonces AX, BY, CZ son concurrentes.
  3. In un triangulo ABC, D, E, F son los pies de las alturas desde A, B, C, muestra que las perpendiculares desde A, B, y C a EF, DF y DE, respectivamente son concurrentes.
  4. Si las diagonales de un cuadrilátero convexo ◻ABCD se intersecan en P muestra que
    sinPADsinPABsinPBAsinPBCsinPCBsinPCDsinPDCsinPDA=1.
  5. Teorema de Kariya. Sea Γ(I) el incírculo de un triángulo ABC, sean D, E, F los puntos de tangencia de Γ(I) con BC, CA y AB respectivamente, sean (I,r) una circunferencia con centro en I y radio r, X=(I,r)ID, Y=(I,r)IE, Z=(I,r)IF, demuestra que AX, BY, CZ son concurrentes.

Entradas relacionadas

Fuentes

  • Andreescu, T., Korsky, S. y Pohoata, C., Lemmas in Olympiad Geometry. USA: XYZ Press, 2016, pp 37-53, 85-93.
  • Altshiller, N., College Geometry. New York: Dover, 2007, pp 158-160.
  • Posamentier, A. y Salkind, C; Challenging Problems in Geometry. New York: Dover, 1996, pp 36-42.
  • Wikipedia
  • The University of Georgia

Agradecimientos

Trabajo realizado con el apoyo del Programa UNAM-DGAPA-PAPIME PE104522 «Hacia una modalidad a distancia de la Licenciatura en Matemáticas de la FC-UNAM – Etapa 2»

Cálculo Diferencial e Integral II: Criterio de la razón y el criterio de la raíz

Por Miguel Ángel Rodríguez García

Introducción

En la sección anterior vimos dos criterios de convergencia: el criterio de comparación y el criterio de comparación del límite, en esta sección veremos el criterio de la prueba del cociente o de la razón, y el criterio de la raíz, comencemos enunciando el teorema del criterio de la razón.

Criterio de la razón

Teorema. (Prueba de la razón o del cociente)

Sea {an} una sucesión positiva y supón que:

limnan+1an=r

Entonces n=1an converge si r<1, diverge si r>1 y si r=1 no es concluyente.

Demostración:

Observemos que:

an>0   n ϵ Nan+1an>0  n ϵ Nlimnan+1an=r0

Para demostrar este teorema, dividamos por los casos siguientes:

  • Caso 1): Si 0r<1, entonces:

limnan+1an=r

Podemos escoger un número S tal que r<S<1  k ϵ N

Tal que:

 n k |an+1an|<S an+1<San

En particular:

ak+1<Sak  y  ak+2<Sak+1<S(Sak)=S2ak

Por tanto:

ak+2<S2akak+3<Sak+2<S3ak

Continuando de esta manera hasta n, se tiene que:

an=ak+m<Smak

Por otro lado, como S<1, entonces la siguiente serie:

m=1Sm  con m1

Es una serie geométrica, por tanto:

m=1Sm converge m=1Smak converge

m=1ak+m converge.

Por el criterio de comparación, así n=k+1an converge,

nan converge

  • Caso 2): Si r>1

Vemos que:

limnan+1an=r

Podemos escoger un número S tal que r>S>1  k ϵ N

Tal que:

nk  |an+1an|>S nk an+1>San

Se tiene que para:

ak+1>Sak

ak+2>Sak+1>S(Sak)=S2ak

ak+3>Sak+2>S(S2ak)=S3ak

Continuando de esta manera,  nk, entonces:

ak+n>Snak

n=1Sn es una serie geométrica con |S|>1

n=1Sn diverge n=1Snak diverge n=1ak+n diverge

n=k+1an diverge

n=1an diverge

◻

  • Caso 3): Para este caso solo hay que dar un ejemplo, veamos:

Tomemos siguientes las series:

i=11n2  y  i=11

Es fácil ver que la segunda serie diverge cuando n, para la primera serie, tenemos que:

limnan+1an=limn1(n+1)21n2=limnn2(n+1)2=limx1(1+1n2)2=1

Lo cual sabemos que esta serie converge.

Por lo que para r=1 no hay conclusión de la convergencia de la serie.

◻

Veamos un ejemplo.

Ejemplo

Diga si la siguiente serie converge o diverge.

n=11n!

Usamos el criterio de la razón, tomamos el límite de la sucesión como:

limnan+1an=limn1(n+1)!1n!=limnn!(n+1)!=limnn!(n+1)n!=limn1n+1=0<1

Por tanto, por el criterio de la razón:

n=11n! converge

Ahora veamos el criterio de la raíz.

Criterio de la raíz

Teorema. (Criterio de la raíz)

Sea {an} una sucesión con an0   n ϵ N tal que:

limnann=L

Entonces n=1an converge si L<1 y diverge si L>1.

Demostración:

Divimos esta demostración por casos:

  • 1):L<1

Supongamos que L<1, observamos que L0, tomamos r tal que L<r<1, por definición del limite:

 k ϵ N

Tal que:

 nk ann<r

an<rn

Pero:

n=krn converge ya que r<1 y es una serie geométrica, por el criterio de comparación.

n=kan converge

n=1an converge

  • 2):L>1

Ahora, supongamos que L>1, toma r tal que 1<r<L, por definición del límite:

 k ϵ N

Tal que:

 nk ann>r

an>rn

Pero 1<r, por consiguiente por el criterio de las series geométricas:

n=krn diverge n=ran diverge

Por el criterio de comparación:

n=1an diverge

◻

Veamos un ejemplo.

Ejemplo

Diga si la siguiente serie converge o diverge.

  • n=1(1+1n)2nen

Apliquemos el criterio de la raíz, tomamos el límite de la sucesión como:

limnann=limn(1+1n)2nenn=limn(1+1n)2ne=1e<1

Por tanto, por el criterio de la raíz:

n=1(1+1n)2nen converge

Tarea moral

Los siguientes ejercicios no son para evaluación, pero son ejercicios para que practiques lo aprendido que te ayudaran en el desarrollo del entendimiento del tema, por lo que te invitamos a resolver los siguientes ejercicios propuestos relacionados con el tema visto.

Diga si la siguientes series convergen o divergen.

A continuación hay algunos ejercicios para que practiques los conceptos vistos en esta entrada. Te será de mucha utilidad intentarlos para entender más la teoría vista.

  1. n=19n2n+1n
  2. n=1(1n21n10)n
  3. n=1(2n)!n!n!
  4. n=1(11+n)n
  5. n=1(2n+33n+2)n

Más adelante…

En esta sección vimos otros dos criterios más de convergencia que son el criterio de la razón en el cual el valor del límite de la división entre la sucesión an+1 y an nos dice si la serie es convergente o divergente, y el criterio de la raíz que dependiente del valor se toma del límite de la raíz n-esima de la sucesión nos dice si la sucesión es convergente o divergente. En la siguiente sección veremos otro criterio de convergencia, que es el criterio de la integral.

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