Enunciado del teorema de Stone-Weierstrass y primera parte de la demostración

Por Lizbeth Fernández Villegas

MATERIAL EN REVISIÓN

Introducción

En la entrada anterior link aprendimos que es posible acercarnos a funciones continuas que tienen su dominio en un intervalo cerrado en R. En esta sección probaremos que esta idea puede generalizarse en funciones cuyo dominio es un espacio métrico compacto. Presentamos el teorema y la demostración de dos lemas que usaremos para probarlo.

Teorema. Stone-Weierstrass: Sea K un espacio métrico compacto. Sea AC0(K,R), es decir, A es un conjunto de funciones continuas de K en R. Si A satisface las siguientes propiedades:

a) Para cada λ,μR y f,gA se cumple que λf+μgA. Esto es, A es cerrado bajo combinaciones lineales.

b) Para cada f,gA se cumple que fgA. Esto es, A es cerrado bajo producto de funciones.

c) 1A, donde 1 es la función constante que para cada xK asigna el valor 1.

d) Para cualesquiera x1,x2K tales que x1x2 existe una función φA tal que φ(x1)φ(x2).

Entonces A es denso en C0(K,R), es decir, A=C0(K,R).

Nota que esto significa que toda función continua f:KR está en la cerradura de A y por lo visto en la entrada Convergencia, tenemos que f puede aproximarse con funciones en A según la métrica uniforme d.

La demostración de este teorema se hará a través de cuatro lemas. En el primero garantizaremos la existencia de una función que tome dos valores específicos en dos puntos específicos.

Lema 1: Sean K y A como en las hipótesis del teorema. Dados x1x2K y c1,c2R existe fA tal que f(x1)=c1 y f(x2)=c2.

Demostración:
De acuerdo con el inciso d), existe φA tal que φ(x1)φ(x2).

Representación φA tal que φ(x1)φ(x2).

Sin embargo buscamos f que en x1 vale específicamente c1 y en x2 vale c2.

Representación de f que en x1 vale c1 y en x2, c2.

Veamos si dicha f puede obtenerse como combinación lineal de φ y la función constante 1, es decir que f(x)=λφ(x)+μ1 para algunos λ,μR.

Encontrar λ y μ que satisfacen lo deseado equivale a resolver el sistema de ecuaciones

{λφ(x1)+μ=c1λφ(x2)+μ=c2

Según las fórmulas de Cramer para sistemas cuadrados, que pueden consultarse en Álgebra Lineal I: Determinantes en sistemas de ecuaciones lineales y regla de Cramer la solución existe y es única si y solo sí el determinante de la matriz de coeficientes dada por

|φ(x1)1φ(x2)1|

satisface:

|φ(x1)1φ(x2)1|=φ(x1)φ(x2)0

Lo cual sí ocurre, pues φ(x1)φ(x2)φ(x1)φ(x2)0.

Por lo tanto existe la solución única al sistema de ecuaciones y así existe fA con f(x)=λφ(x)+μ tal que f(x1)=c1 y f(x2)=c2.

Lema 2: Si AC0(K,R) es tal que tiene las propiedades a), b), c) del teorema, entonces A también las tiene.

Demostración:
a) Sean λ,μR y φ,γA, queremos probar que λφ+μγ también está en A.

Como φA entonces, por lo visto en Convergencia sabemos que existe una sucesión (fn)nN de elementos de A tales que fnφ, es decir

(1)limnfn=φ.

De igual manera existe una sucesión (gn)nN de elementos de A tales que gnγ, es decir

(2)limngn=γ.

Ya que para cada nN se cumple que λfn+μgnA. Si demostramos que la sucesión (λfn+μgn)nN converge a λφ+μγ esto probaría que λφ+μγA. Probemos que d(λfn+μgn,λφ+μγ)=0. Sea ε>0. Por 1) y 2) sabemos que existen N1 y N2N tales que para cada nN1,

d(fn,φ)<ε2|λ|

Y así

|λ|d(fn,φ)<ε2

Y para cada nN2,

d(gn,γ)<ε2|μ|

Y así

|μ|d(gn,γ)<ε2.

Entonces para cada nmáx{N1,N2} y para cada xK tenemos:
d(λfn(x)+μgn(x),λφ(x)+μγ(x))=|λfn(x)+μgn(x)λφ(x)μγ(x)|=|λfn(x)λφ(x)+μgn(x)μγ(x)||λfn(x)λφ(x)|+|μgn(x)μγ(x)|=|λ||fn(x)φ(x)|+|μ||gn(x)γ(x)||λ|d(fn,f)+|μ|d(gn,γ)<ε2+ε2=ε.

Por lo tanto d(λfn+μgn,λφ+μγ)=0 y así (λfn+μgn)nNλφ+μγ lo que demuestra que λφ+μγA.

b) Buscamos demostrar que para cualesquiera φ,γA también se cumple que φγA.

Ya que para cada nN se cumple que fngnA. Si demostramos que la sucesión (fngn)nN converge a φγ esto probaría que φγA.

Probemos entonces que limnd(fngn,φγ)=0. Esto se logrará si conseguimos acotar el valor de d(fn(x)gn(x),φ(x)γ(x))R para cada xK.

Dado que φ,γ son continuas en un compacto, concluimos que son acotadas en el dominio. Así existen reales mayores que cero M1 y M2 tales que para cada xK:

(3)|φ(x)|M1 y (4)|γ(x)|M2.

Por otro lado, como limngn=γ, existe N3N tal que para cada nN3,|gn(x)γ(x)|1. Entonces

1gn(x)γ(x)11+γ(x)gn(x)1+γ(x)1M21+γ(x)gn(x)1+γ(x)1+M2

Por lo tanto si nN3,

(5)|gn(x)|M2+1.

Además, por 1) y 2) sabemos que para cada ε>0 existen N4 y N5N tal que para cada nN4

d(fn,φ)<ε2(M2+1),

y para nN5,

d(gn,γ)<ε2M1.

De lo anterior se sigue que para cada nmáx{N3,N4,N5}

|fn(x)gn(x)φ(x)γ(x)|=|fn(x)gn(x)φ(x)gn(x)+φ(x)gn(x)φ(x)γ(x)||fn(x)gn(x)φ(x)gn(x)|+|φ(x)gn(x)φ(x)γ(x)|=|gn(x)||fn(x)φ(x)|+|φ(x)||gn(x)γ(x)|(M2+1)|fn(x)φ(x)|+M1|gn(x)γ(x)|<(M2+1)ε2(M2+1)+M1ε2M1=ε

Por lo tanto limnd(fngn,φγ)=0 y así (fngn)nNφγ lo que demuestra que φγA.

c) Dado que la función 1A se sigue que 1A pues AA.

Más adelante…

Veremos dos lemas más que necesitamos en la demostración del teorema de Stone-Weierstrass. Por el momento sugerimos trabajar con los siguientes ejercicios para desarrollar más la idea de densidad.

Tarea moral

  1. Sea X un espacio métrico y sean Z y Y tales que ZYX y Z es denso en X. Demuestra que Y es denso en X.
  2. Sea ϕ:XY continua y suprayectiva. Demuestra que si A es denso en X, entonces ϕ(A) es denso en Y.
  3. Antes dos definiciones:
    Un conjunto A es a lo más numerable si existe una función inyectiva f:AN.
    Un espacio métrico es separable si contiene un subconjunto que es a lo más numerable y denso en X.
    Demuestra que todo espacio métrico compacto es separable. Se recomienda tomar un conjunto finito de bolas de radio 1k para cada kN cuya unión es X.

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1 comentario en “Enunciado del teorema de Stone-Weierstrass y primera parte de la demostración

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